这是四则或许对你有些许帮助的信息:
1、👉23年5月份我从字节跳动离职跳槽到某外企期间，为方便自己找工作，增加上岸几率，我自己从0开发了一个大厂面试真题解析网站，包括两个前端和一个后端。能够定向查看某些公司的某些岗位面试真题，比如我想查一下行业为互联网，公司为字节跳动，考察岗位为后端，考察时间为最近一年之类的面试题有哪些？
衷心希望自己开发的这个网站能够帮到更多的人，自己能够以技术服务于大家！
2、😍 免费分享阿秀个人学习计算机以来收集到的免费学习资源，点此白嫖；也记录一下自己以前买过的不错的计算机书籍、网络专栏和垃圾付费专栏。
3、🚀如果你想在校招中顺利拿到更好的offer，阿秀建议你多看看前人踩过的坑和留下的经验，事实上你现在遇到的大多数问题你的学长学姐师兄师姐基本都已经遇到过了。
4、🔥 欢迎准备计算机校招的小伙伴加入我的学习圈子，一个人踽踽独行不如一群人报团取暖，圈子里沉淀了很多过去21/22/23届学长学姐的经验和总结，好好跟着走下去的，最后基本都可以拿到不错的offer！此外，每周都会进行精华总结和分享！如果你需要《阿秀的学习笔记》网站中📚︎校招八股文相关知识点的PDF版本的话，可以点此下载 。
# 518. 零钱兑换 II
力扣原题链接（点我直达） (opens new window)
给定不同面额的硬币和一个总金额。写出函数来计算可以凑成总金额的硬币组合数。假设每一种面额的硬币有无限个。
示例 1:
输入: amount = 5, coins = [1, 2, 5]
输出: 4
解释: 有四种方式可以凑成总金额:
5=5
5=2+2+1
5=2+1+1+1
5=1+1+1+1+1
1
2
3
4
5
6
7
2
3
4
5
6
7
示例 2:
输入: amount = 3, coins = [2]
输出: 0
解释: 只用面额2的硬币不能凑成总金额3。
1
2
3
2
3
示例 3:
输入: amount = 10, coins = [10]
输出: 1
1
2
2
注意
你可以假设：
- 0 <= amount (总金额) <= 5000
- 1 <= coin (硬币面额) <= 5000
- 硬币种类不超过 500 种
- 结果符合 32 位符号整数
# 1、看的答案，大概明白点了
int change(int amount, vector<int>& coins) {
int len = coins.size();
vector<int> res(amount+1,0);
res[0] = 1;
for(auto coin:coins){
for(int j = coin;j<=amount; ++ j){
res[j] += res[j-coin];
}
}
return res[amount];
}
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
# 2、自己写的和总结的，万字精髓所在啊
执行用时：40 ms, 在所有 C++ 提交中击败了34.43%的用户
内存消耗：18.5 MB, 在所有 C++ 提交中击败了19.57%的用户
int change(int amount, vector<int>& coins) {
int len = coins.size();
vector<vector<int>> dp(len + 1, vector<int>(amount + 1, 0));// dp[i][j] 只有 i 种货币，而金额有 j的时候，可以兑换的组合数
for (int i = 0; i <= len; ++i) {//当金额只有 0 的时候，什么组合也没有，所以就是啥都不选的情况下，啥都不选也就是那唯一的一次选择
dp[i][0] = 1;
}
//for (int i = 0; i <= amount; ++i) {//当没有硬币的时候，不管钱有多少
// dp[0][i] = 0;
//}//这一步最好不要，因为当输入amount = 0,coins = [] 的时候，本来应该是输出为1的，也就是上面那种结果，现在又赋值一次，把1覆盖掉，变成0了
for (int i = 1; i <= len; ++i) {
int coin = coins[i - 1];//此时的硬币数
for (int j = 1; j <= amount; ++j) {
if (coin > j) {//此时的硬币面额大于拥有的金额数，比如我又1块的隐蔽，但是你只有1毛钱，这就没办法组合
dp[i][j] = dp[i - 1][j];
}
else {//此时硬币面额小于拥有的钱数，此时的可能性有多少种呢，
//1，上一个j金额时的可能性，也就是d[i-1][j]的时候，2、上一个钱不太够的时候也就是dp[i][j-coin]
// 那么加起来就是dp[i][j]的全部可能性了
dp[i][j] = dp[i-1][j] + dp[i][j - coin];
}
}
}
return dp[len][amount];
}
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34